链表 – Salmon Isle

1. 题目描述

给你一个链表数组，每个链表都已经按升序排列。

请你将所有链表合并到一个升序链表中，返回合并后的链表。

// 示例 1：
输入：lists = [[1,4,5],[1,3,4],[2,6]]
输出：[1,1,2,3,4,4,5,6]

解释：链表数组如下：
[
  1->4->5,
  1->3->4,
  2->6
]
将它们合并到一个有序链表中得到。
1->1->2->3->4->4->5->6

// 示例 2：
输入：lists = []
输出：[]

// 示例 3：
输入：lists = [[]]
输出：[]

// 示例 1：
输入：lists = [[1,4,5],[1,3,4],[2,6]]
输出：[1,1,2,3,4,4,5,6]

解释：链表数组如下：
[
  1->4->5,
  1->3->4,
  2->6
]
将它们合并到一个有序链表中得到。
1->1->2->3->4->4->5->6

// 示例 2：
输入：lists = []
输出：[]

// 示例 3：
输入：lists = [[]]
输出：[]

2. 【方法一】暴力求解

一、回顾合并两个有序链表的情况

昨天做了 LC21 – 合并两个有序链表，这道题就是一个升级版，先回顾一下 LC21：

需要一个伪头节点 head(dum)，保存合并结果的头部，这是为了方便书写；
需要一个指针 tail(cur) 指向 head，后面在结果链表插入的时候就使用 tail；
需要两个指针 aPtr 和 bPtr 分别记录两个待合并链表的第一位（会被不断更新为剩余的未合并部分的第一位）；
在合并的时候，先判断哪个链表的第一位更小，然后将更小的那个插入到结果链表的末尾（tail->next）；
更新 tail 和 xPtr 两个指针（都向后移动一位）。

二、思路

@leetcode 官方题解

最朴素的办法是，用一个变量 ans 维护已经合并的链表，在第 $i$ 次循环把第 $i$ 个链表和 ans 合并，并将结果保存在 ans 中。

三、代码 & 复杂度分析

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * struct ListNode {
 *     int val;
 *     struct ListNode *next;
 * };
 */
 
/* 合并 2 个升序链表 */
struct ListNode* mergeTwoLists(struct ListNode* a, struct ListNode* b) {
    if (a == NULL || b == NULL) {
        return a != NULL ? a : b;
    }

    struct ListNode head;          /* 哑节点（栈上分配） */
    struct ListNode *tail = &head;
    struct ListNode *aPtr = a, *bPtr = b;

    while (aPtr != NULL && bPtr != NULL) {
        if (aPtr->val < bPtr->val) {
            tail->next = aPtr;
            aPtr = aPtr->next;
        } else {
            tail->next = bPtr;
            bPtr = bPtr->next;
        }
        tail = tail->next;
    }
    tail->next = (aPtr != NULL) ? aPtr : bPtr;

    return head.next;
}

/* 合并 K 个升序链表 */
struct ListNode* mergeKLists(struct ListNode** lists, int listsSize) {
    struct ListNode *ans = NULL;
    for (int i = 0; i < listsSize; ++i) {
        ans = mergeTwoLists(ans, lists[i]);
    }
    return ans;
}

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * struct ListNode {
 *     int val;
 *     struct ListNode *next;
 * };
 */
 
/* 合并 2 个升序链表 */
struct ListNode* mergeTwoLists(struct ListNode* a, struct ListNode* b) {
    if (a == NULL || b == NULL) {
        return a != NULL ? a : b;
    }

    struct ListNode head;          /* 哑节点（栈上分配） */
    struct ListNode *tail = &head;
    struct ListNode *aPtr = a, *bPtr = b;

    while (aPtr != NULL && bPtr != NULL) {
        if (aPtr->val < bPtr->val) {
            tail->next = aPtr;
            aPtr = aPtr->next;
        } else {
            tail->next = bPtr;
            bPtr = bPtr->next;
        }
        tail = tail->next;
    }
    tail->next = (aPtr != NULL) ? aPtr : bPtr;

    return head.next;
}

/* 合并 K 个升序链表 */
struct ListNode* mergeKLists(struct ListNode** lists, int listsSize) {
    struct ListNode *ans = NULL;
    for (int i = 0; i < listsSize; ++i) {
        ans = mergeTwoLists(ans, lists[i]);
    }
    return ans;
}

Java

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * public class ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode next;
 *     ListNode() {}
 *     ListNode(int val) { this.val = val; }
 *     ListNode(int val, ListNode next) { this.val = val; this.next = next; }
 * }
 */
class Solution {
    public ListNode mergeKLists(ListNode[] lists) {
        ListNode ans = null;
        for (int i = 0; i < lists.length; ++i) {
            ans = mergeTwoLists(ans, lists[i]);
        }
        return ans;
    }

    public ListNode mergeTwoLists(ListNode a, ListNode b) {
        if (a == null || b == null) {
            return a != null ? a : b;
        }
        ListNode head = new ListNode(0);
        ListNode tail = head, aPtr = a, bPtr = b;
        while (aPtr != null && bPtr != null) {
            if (aPtr.val < bPtr.val) {
                tail.next = aPtr;
                aPtr = aPtr.next;
            } else {
                tail.next = bPtr;
                bPtr = bPtr.next;
            }
            tail = tail.next;
        }
        tail.next = (aPtr != null ? aPtr : bPtr);
        return head.next;
    }
}

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * public class ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode next;
 *     ListNode() {}
 *     ListNode(int val) { this.val = val; }
 *     ListNode(int val, ListNode next) { this.val = val; this.next = next; }
 * }
 */
class Solution {
    public ListNode mergeKLists(ListNode[] lists) {
        ListNode ans = null;
        for (int i = 0; i < lists.length; ++i) {
            ans = mergeTwoLists(ans, lists[i]);
        }
        return ans;
    }

    public ListNode mergeTwoLists(ListNode a, ListNode b) {
        if (a == null || b == null) {
            return a != null ? a : b;
        }
        ListNode head = new ListNode(0);
        ListNode tail = head, aPtr = a, bPtr = b;
        while (aPtr != null && bPtr != null) {
            if (aPtr.val < bPtr.val) {
                tail.next = aPtr;
                aPtr = aPtr.next;
            } else {
                tail.next = bPtr;
                bPtr = bPtr.next;
            }
            tail = tail.next;
        }
        tail.next = (aPtr != null ? aPtr : bPtr);
        return head.next;
    }
}

复杂度分析：

时间：
- 假设每个链表最长为 $n$ ， $i – 1$ 次合并后 ans 的长度最长为 $(i – 1)n$ ；
- 第 $i$ 次合并时，ans 已经合并了 $i -1$ 次，将要合并第 $i$ 个链表，所以第 $i$ 次的耗时就是 $O[(i – 1)n + n] = O(in)$ ；
- 总的时间复杂度就是从 $i = 1$ 到 $k$ 对 $O(in)$ 求和，结果是 $O(k^2n)$ 。

空间：空间复杂度为 $O(1)$ 。

2. 【方法二】分治合并

一、什么是分治法（Divide and Conquer）？

分治法可以概括为三个字：分、治、合：

分（Divide）：把一个大问题，分解成若干个小规模的子问题；
治（Conquer）：递归地解决这些子问题；
合（Combine）：把所有子问题的解合并，得到原大问题的解。

二、思路

要将 k 个升序链表合并成一个，可以把这 k 个链表不断地平分成两组，直到分到只剩一个链表，最后两两合并回来。

例如有 7 个链表 [L1, L2, L3, L4, L5, L6, L7]：

分：拆分为 [L1, L2, L3, L4] 和 [L5, L6, L7] ；
再分：左侧 [L1, L2] 和 [L3, L4] ，右侧 [L5, L6] 和 [L7] ；
治与合：两两合并（落单的直接进入下一轮），第一次得到 M12, M34, M56, M7，第二次得到 M1234, M567，第三次合并后就是完整结果。

三、代码

struct ListNode* mergeTwoLists(struct ListNode* a, struct ListNode* b) {
    if (a == NULL || b == NULL)
        return a != NULL ? a : b;

    struct ListNode head; // 栈上哑节点（伪头节点 / 哨兵结点）
    struct ListNode *tail = &head;
    struct ListNode *aPtr = a, *bPtr = b;

    while (aPtr != NULL && bPtr != NULL) {
        if (aPtr->val < bPtr->val) {
            tail->next = aPtr;
            aPtr = aPtr->next;
        } else {
            tail->next = bPtr;
            bPtr = bPtr->next;
        }
        tail = tail->next;
    }
    tail->next = (aPtr != NULL) ? aPtr : bPtr;

    return head.next;
}


struct ListNode* merge(struct ListNode** lists, int l, int r) {
    // 边界情况 & 终止条件
    if (l == r)
        return lists[l];
    if (l > r)
        return NULL;
    
    /* 分：找中点 */
    int mid = (l + r) >> 1; 
    
    /* 合：合并左右两部分 */
    struct ListNode* left = merge(lists, l, mid);
    struct ListNode* right = merge(lists, mid + 1, r);
    
    return mergeTwoLists(left, right);
}


struct ListNode* mergeKLists(struct ListNode** lists, int listsSize) {
    if (listsSize == 0 || lists == NULL) {
        return NULL;
    }
    return merge(lists, 0, listsSize - 1);
}

struct ListNode* mergeTwoLists(struct ListNode* a, struct ListNode* b) {
    if (a == NULL || b == NULL)
        return a != NULL ? a : b;

    struct ListNode head; // 栈上哑节点（伪头节点 / 哨兵结点）
    struct ListNode *tail = &head;
    struct ListNode *aPtr = a, *bPtr = b;

    while (aPtr != NULL && bPtr != NULL) {
        if (aPtr->val < bPtr->val) {
            tail->next = aPtr;
            aPtr = aPtr->next;
        } else {
            tail->next = bPtr;
            bPtr = bPtr->next;
        }
        tail = tail->next;
    }
    tail->next = (aPtr != NULL) ? aPtr : bPtr;

    return head.next;
}


struct ListNode* merge(struct ListNode** lists, int l, int r) {
    // 边界情况 & 终止条件
    if (l == r)
        return lists[l];
    if (l > r)
        return NULL;
    
    /* 分：找中点 */
    int mid = (l + r) >> 1; 
    
    /* 合：合并左右两部分 */
    struct ListNode* left = merge(lists, l, mid);
    struct ListNode* right = merge(lists, mid + 1, r);
    
    return mergeTwoLists(left, right);
}


struct ListNode* mergeKLists(struct ListNode** lists, int listsSize) {
    if (listsSize == 0 || lists == NULL) {
        return NULL;
    }
    return merge(lists, 0, listsSize - 1);
}

Java

class Solution {
    public ListNode mergeKLists(ListNode[] lists) {
        return merge(lists, 0, lists.length - 1);  // 数组下标从 0 开始，故这里 r 减 1
    }

    public ListNode merge(ListNode[] lists, int l, int r) {
        if (l == r) {
            return lists[l];
        }
        if (l > r) {
            return null;
        }
        // 相当于除以 2 并向下取整
        int mid = (l + r) >> 1;
        return mergeTwoLists(merge(lists, l, mid), merge(lists, mid + 1, r));
    }

    public ListNode mergeTwoLists(ListNode a, ListNode b) {
        if (a == null || b == null) {
            return a != null ? a : b;
        }
        ListNode head = new ListNode(0);
        ListNode tail = head, aPtr = a, bPtr = b;
        while (aPtr != null && bPtr != null) {
            if (aPtr.val < bPtr.val) {
                tail.next = aPtr;
                aPtr = aPtr.next;
            } else {
                tail.next = bPtr;
                bPtr = bPtr.next;
            }
            tail = tail.next;
        }
        tail.next = (aPtr != null ? aPtr : bPtr);
        return head.next;
    }
}

class Solution {
    public ListNode mergeKLists(ListNode[] lists) {
        return merge(lists, 0, lists.length - 1);  // 数组下标从 0 开始，故这里 r 减 1
    }

    public ListNode merge(ListNode[] lists, int l, int r) {
        if (l == r) {
            return lists[l];
        }
        if (l > r) {
            return null;
        }
        // 相当于除以 2 并向下取整
        int mid = (l + r) >> 1;
        return mergeTwoLists(merge(lists, l, mid), merge(lists, mid + 1, r));
    }

    public ListNode mergeTwoLists(ListNode a, ListNode b) {
        if (a == null || b == null) {
            return a != null ? a : b;
        }
        ListNode head = new ListNode(0);
        ListNode tail = head, aPtr = a, bPtr = b;
        while (aPtr != null && bPtr != null) {
            if (aPtr.val < bPtr.val) {
                tail.next = aPtr;
                aPtr = aPtr.next;
            } else {
                tail.next = bPtr;
                bPtr = bPtr.next;
            }
            tail = tail.next;
        }
        tail.next = (aPtr != null ? aPtr : bPtr);
        return head.next;
    }
}

mergeKLists 函数是主入口，只负责初次调用 merge。

merge 函数是分治递归的核心，其中 l 是当前处理区间的左边界，r 是右边界。

递归的终止条件：

当 l == r 时，说明区间已经缩小到只剩一个链表，无需合并，直接返回这个链表即可，这时主要的终止条件；
判断 l ＞ r 的目的是防止传入空数组。当 lists 长度为 0 时，margeKLists 在调用时就会传入 l = 0, r = -1。

一分为二 + 递归合并：

左半边处理：merge(lists, l, mid) 递归合并左半边的所有链表，返回一个合并好的左半边大链表；
右半边处理：merge(lists, mid + 1, r) 递归合并右半边的所有链表，返回一个合并好的右半边大链表；
合并：使用 mergeTwoList 将左右两边合并起来。

四、复杂度分析

时间

这种方法比上一种更好，两两合并完全平行进行

分治树的高度是 $log_2{k}$ ，每一层的合并总代价都是 $O(kn)$ ，时间复杂度大幅简化到了 $O(kn×logk)$ 。

空间

主要的空间消耗来自递归调用栈，在递归到达最底层（l == r）并开始回溯合并时，系统调用栈最多会同时压入 $log_2{k}$ 个函数栈帧，因此递归栈带来的空间开销是 $O(logk)$ 。

次要的空间开销来自伪头节点（哑节点），这是一个栈区的局部变量，每次函数出栈时，也会一并回收，其数量的峰值也是递归到达最底层时的 $O(logk)$ 。

所以总空间复杂度 = $O(logk)$

3. 【方法三】优先队列（手撕推荐）

一、什么是优先队列（PriorityQueue）？

和普通队列的区别：

普通队列：先进先出（FIFO）；
优先队列：出队顺序不看先来后到，优先级高的（例如数值最大/最小的）元素先出；

底层数据结构：

C 语言中，完全二叉树可用数组实现，这就是堆（Heap）；
Java 的 PriorityQueue 就是一个小项堆，每次弹出元素，都弹出当前堆里最小的。

Java PriorityQueue 常用 API：

Java 的标准库内置了优先队列，通过二叉小项堆（Min-Heap）实现

offer(E e) / add(E e)：把元素放入队列（相当于 C 语言的插入堆并调整 push_heap）；
poll()：弹出并返回优先级最高的元素（默认是最小）。如果队列为空，返回 null（相当于 C 语言的弹出堆顶并调整 pop_heap）；
peek()：只返回队头元素，不弹出；
isEmpty()：判断队列是否为空。

二、思路

这个方法和之前的方法不同，是比较直观的方法：

我们需要维护当前每个链表（剩余部分）的头结点；
k 个链表就最多有 k 个满足这样条件的元素，每次在这些元素里面选取 val 最小的元素，插入到结果链表末尾；
我们使用优先队列（最小堆）实现高效地取最小。

三、代码 & 复杂度分析

C 语言标准库没有内置的优先队列，不能像 Java 一样直接调用，所以下面只给出 Java 版本。

对 C 语言来说，分治递归还是更好写一些。

Java

class Solution {
    public ListNode mergeKLists(ListNode[] lists) {
        // 直接使用 Lambda 表达式定义比较器，无需包装类
        PriorityQueue<ListNode> queue = new PriorityQueue<>((a, b) -> a.val - b.val);
        
        // 初始化，所有非空链表的头节点入队
        for (ListNode node : lists) {
            if (node != null) {
                queue.offer(node);
            }
        }
        
        // 结果链表的哑节点和尾指针
        ListNode head = new ListNode(0);
        ListNode tail = head;
        
        // 核心循环
        while (!queue.isEmpty()) {
            ListNode node = queue.poll();
            tail.next = node;
            tail = tail.next;
            if (node.next != null) {
                queue.offer(node.next);
            }
        }
        
        return head.next;
    }
}

class Solution {
    public ListNode mergeKLists(ListNode[] lists) {
        // 直接使用 Lambda 表达式定义比较器，无需包装类
        PriorityQueue<ListNode> queue = new PriorityQueue<>((a, b) -> a.val - b.val);
        
        // 初始化，所有非空链表的头节点入队
        for (ListNode node : lists) {
            if (node != null) {
                queue.offer(node);
            }
        }
        
        // 结果链表的哑节点和尾指针
        ListNode head = new ListNode(0);
        ListNode tail = head;
        
        // 核心循环
        while (!queue.isEmpty()) {
            ListNode node = queue.poll();
            tail.next = node;
            tail = tail.next;
            if (node.next != null) {
                queue.offer(node.next);
            }
        }
        
        return head.next;
    }
}

复杂度分析：

时间：O(NlogK)O(N log K)
- 每个节点都会入堆、出堆各一次，共 N 次操作。
- 堆的大小不超过 K，每次堆操作 $O(log K)$ 。
- 总计 $O(N log K)$ 。
空间：O(K)O(K)
- 堆中最多同时存 K 个节点。
- 结果链表复用原节点，不算额外空间。

优先队列和分治相比，空间复杂度更逊、用时更长（但都是常数级的区别），但是思路更直观、更短，不容易写错。

标签： 链表

[算法] LC23 – 合并 K 个升序链表

1. 题目描述

2. 【方法一】暴力求解

一、回顾合并两个有序链表的情况

二、思路

三、代码 & 复杂度分析

2. 【方法二】分治合并

一、什么是分治法（Divide and Conquer）？

二、思路

三、代码

四、复杂度分析

时间

空间

3. 【方法三】优先队列（手撕推荐）

一、什么是优先队列（PriorityQueue）？

二、思路

三、代码 & 复杂度分析

标签：链表